de thi HSG toan 7

<span class='text_page_counter'>(1)</span>PHÒNG GD&ĐT HUYỆN VĂN BÀN TRƯỜNG THCS MINH LƯƠNG. ĐỀ THI HỌC SINH GIỎI LỚP 7 CẤP TRƯỜNG Môn: Toán Năm học: 2016-2017 Thời gian: 120 phút (không kể thời gian giao đề). Bài 1: Thực hiện phép tính (6 điểm). 3 2 5 9 a. 4 : 3 − 9 + 4 . ;. (.   0, 4    1, 4  b. . ). 2 2 1 1    0, 25  9 11  3 5  : 2014  7 7 1  1  0,875  0,7  2015 9 11 6  ;. 5 . 415 . 9 9 − 4 . 320 . 89 . 5 . 210 . 619 − 7 .229 .27 6. c.. Bài 2: (6 điểm) a. Tìm x, biết: 2(x-1) – 3(2x+2) – 4(2x+3) = 16; b. Tìm x, biết. 2 x  1  x 4. c. Tìm x, y, z biết:. 2 x − y 3 y −2 z = 5 15. và x + z = 2y.. Bài 3: (1,5 điểm) Ba lớp 7A, 7B, 7C cùng mua một số gói tăm từ thiện, lúc đầu số gói tăm dự định chia cho ba lớp tỉ lệ với 5:6:7 nhưng sau đó chia theo tỉ lệ 4:5:6 nên có một lớp nhận nhiều hơn dự định 4 gói. Tính tổng số gói tăm mà ba lớp đã mua. Bài 4: (4,5 điểm) Cho tam giác ABC vuông tại A; K là trung điểm của BC. Trên tia đối của tia KA lấy D , sao cho KD = KA. a. Chứng minh: CD // AB. b. Gọi H là trung điểm của AC; BH cắt AD tại M; DH cắt BC tại N . Chứng minh rằng: ABH = CDH. c. Chứng minh: Δ HMN cân. Bài 5: (2 điểm): Cho ba số dương 0 a b c 1 chứng minh rằng: a b c   2 bc  1 ac  1 ab  1. Hết Họ và tên học sinh:.............................................................; SBD:.............................

<span class='text_page_counter'>(2)</span> PHÒNG GD&ĐT HUYỆN VĂN BÀN TRƯỜNG THCS MINH LƯƠNG. Câu 1a. Đáp án 3  2 5 9 :    4  3 9 4 3 2 5 9 3 1 9 : − + = : + 4 3 9 4 4 9 4 3 9 9 36 . + = =9 4 1 4 4. (. 1b. HDC HỌC SINH GIỎI LỚP 7 CẤP TRƯỜNG Môn: Toán Năm học: 2016-2017 Thời gian: 120 phút (không kể thời gian giao đề). ).   0,4    1,4  Ta có: . 1,0 1,0. 2 2 1 1    0, 25  9 11  3 5  : 2014  7 7 1  1  0,875  0,7  2015 9 11 6      . 2  5 7  5. 2 2  9 11  7 7  9 11. 1 1 1    3 4 5  : 2014 7 7 7  2015    6 8 10 .  1 1 1   1 1 1       2014  2  5  9  11  3 4 5      :  7  1  1  1  7  1  1  1   2015   5 9 11  2  3 4 5         2 2  2014    : 0  7 7  2015. 1c. 2a. 15. 9. Thang điểm. 20. 0.5đ. 1,0 0.5đ. 9. 5.4 .9 −4.3 .8 10 19 29 6 5 . 2 . 6 − 7 .2 .27 15 9 20 5 . 4 . 9 − 4 . 3 . 89 = 5 . 210 . 619 − 7 .229 .27 6 5 .22 .15 .32 . 9 − 22 . 320 . 23 .9 = 5 . 210 . 219 . 319 −7 . 229 . 33 .6 229 .3 18 ( 5 .2 −3 2) ¿ 29 18 2 . 3 ( 5 . 3− 7 ) 10 −9 1 =− 15 −7 8. 0,5 0,5 0,5 0,5. 2(x-1) – 3(2x+2) – 4(2x+3) = 16. 2x – 2 – 6x – 6 – 8x – 12 = 16 -12x – 20 = 16 -12x = 16 + 20. 0,25 0,25 0,25.

<span class='text_page_counter'>(3)</span> 2b. 2c. x = 36 : (-12) x = -3. 0,25 0,25. * Với 2x – 1  0 từ (1) ta có 2x – 1 = x + 4  x = 5 thoả mãn điều kiện 2x – 1  0 * Với 2x – 1 < 0 thì từ (1) ta có 1 – 2x = x + 4  x = - 1 thoả mãn điều kiện 2x – 1 < 0 Vậy x1 = 5 ; x2 = -1. 0,5 0,5 0,5 0,5 0,25. 2 x − y 3 y −2 z = 5 15. và x + z = 2y. Từ x + z = 2y ta có x – 2y + z = 0 hay 2x – 4y + 2z = 0 hay 2x – y – 3y + 2z = 0 hay 2x – y = 3y – 2z 2 x − y 3 y −2 z = Vậy nếu: thì: 2x – y = 3y – 2z = 0 (vì 5  15). 5 15 1 y Từ 2x – y = 0 suy ra: x = 2 Từ 3y – 2z = 0 và x + z = 2y.  x + z + y – 2z = 0 1 y +y–z=0 hay 2 3 2 1 y - z = 0 hay y = hay z. suy ra: x = z. 2 3 3 1 2 Vậy các giá trị x, y, z cần tìm là: {x = z; y = z ; với z  R } 3 3 hoặc {x =. 1 y; y  R; z = 2. 3 y} hoặc {x  R; y = 2x; z = 3x} 2. 0,25 0,25 0,25. 0,25 0,25 0,25 0,5. 3. Gọi tổng số gói tăm 3 lớp cùng mua là x ( x là số tự nhiên khác 0) Số gói tăm dự định chia cho 3 lớp 7A, 7B, 7C lúc đầu lần lượt là: a, b, c a b c a b c x 5x 6x x 7x      a  ;b   ;c  18 18 18 18 3 18 Ta có: 5 6 7. (1). Số gói tăm sau đó chia cho 3 lớp lần lượt là a’, b’, c’, ta có: a , b, c , a ,  b ,  c , x 4x 5x x 6x      a ,  ; b,   ; c,  4 5 6 15 15 15 15 3 15. So sánh (1) và (2) ta có: a > a’; b=b’; c < c’ nên lớp 7C nhận nhiều hơn lúc đầu 6x 7x x  4  4  x 360 90 Vây: c’ – c = 4 hay 15 18. Vậy số gói tăm 3 lớp đã mua là 360 gói.. (2). 0,25 0,25 0,25. 0,25. 0,25 0,25.

<span class='text_page_counter'>(4)</span> 4. D. B K. A. 0,5. N. M. C H. a/ Chứng minh CD song song với AB. Xét 2 tam giác: ABK và DCK có: BK = CK (gt) ^ A=C ^ BK K D (đối đỉnh) AK = DK (gt)  ABK = DCK (c-g-c) ^ B=90 0  D C^ K=D B^ K mà A B^ C + A C ^ D= A C ^ B+ B C ^ D=900  AC ^ D=900=B ^  AC A C AB//CD(AB  AC và CD  AC). b. Chứng minh rằng: ABH = CDH Xét 2 tam giác vuông: ABH và CDH có: BA = CD (do ABK = DCK) AH = CH (gt)  ABH = CDH (c-g-c) c. Chứng minh: Δ HMN cân. Xét 2 tam giác vuông: ABC và CDA có:. ^ D=900=B ^ AB = CD; A C A C ; AC cạnh chung:  ABC = CDA (c-g-c). ^ B=C ^  AC AD ^ A=N H ^ C (vì ABH = CDH) mà: AH = CH (gt) và M H  AMH = CNH (g-c-g)  MH = NH. Vậy HMN cân tại H 5. Vì 0 a b c 1 nên: 1 1 c c    ab  1 a  b ab  1 a  b (1) a a b b   Tương tự: bc  1 b  c (2) ; ac  1 a  c (3) a b c a b c      Do đó: bc  1 ac  1 ab  1 b  c a  c a  b (4) Mà a b c 2a 2b 2c 2(a  b  c )       2 b c a c a b a b  c a b c a b c a b c (5) (a  1)(b  1) 0  ab  1 a  b . 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25. 0,25 0,25 0,5. 0,25 0,25 0,25 0,5 0,5 0,25 0,25 0,5 0,25 0,25 0,25.

<span class='text_page_counter'>(5)</span> a b c   2 Từ (4) và (5) suy ra: bc  1 ac  1 ab  1. 0,5 (đpcm).

<span class='text_page_counter'>(6)</span>