<span class='text_page_counter'>(1)</span><div class='page_container' data-page=1>

<b>UBND HUỴỆN THỌ XUÂN </b>

<b>PHÒNG GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO </b>

<b> </b>

<b>ĐỀ DỰ PHỊNG </b>

<b>Chương trình Hiện hành </b>

<b>KỲ THI CHỌN HS GIỎI CẤP HUYỆN LỚP 8 </b>

<b>Năm học: 2017 - 2018 </b>

<b> Môn thi: Vật Lý </b>

<b>HƯỚNG DẪN CHẤM</b>

<b>Câu </b> <b>Yêu cầu nội dung </b> <b>Điểm </b>

<b>1(3đ) </b>

a) Gọi A, Aci, và Ams là công do động cơ thực hiện, cơng có ích và cơng để

thắng lực ma sát. A = Aci + Ams => Aci = A – Ams = A- 0,4.A = 0,6.A

Mà A_ci = P.h và A = F.s nên P.h = 0,6. F.s

 P =

Vậy khối lượng của xe tải: m =

Ta có Ams = 0,4.A <=> Fms.s = 0,4.F.s => Fms = 0,4.F = 0,4.2500 = 1000N.

0,25
0,25

0,25
0,25

b) Vận tốc của xe khi lên dốc:
Ta có: P =
=> v =

0,5

0,5

c) Lực hãm phanh khi xuống dốc đều:
- Nếu khơng có ma sát:

F_h0.l =P.h => F_h0 =

- Nếu có ma sát: Fh = Fh0-Fms = 1500 – 1000 = 500(N)

-0,5
0,5

<b> </b>

<b>2 </b>

<b>(3đ) </b>

Đổi 20 phút =

1
3

giờ.

12 phút = 0,2 giờ

Khoảng cách giữa hai xe Buýt luôn không đổi và bằng:



s =



t.V

1

=

60.1
20
3  <i>km</i>

Khi xe thứ ba gặp xe đi trước thì nó cách xe thứ hai một đoạn là 20km:

Thời gian từ khi xe thứ ba gặp xe thứ nhất đến khi gặp xe đi sau là:

0.5đ

0.5đ

0.5đ

)
(
100000
60

40000
.
2500
.
6
,
0

.
.
6
,
0

<i>N</i>
<i>h</i>

<i>s</i>
<i>F</i>




)
(
10000
10

100000

10 <i>kg</i>

<i>P</i>




<i>v</i>

<i>F</i>
<i>t</i>

<i>s</i>
<i>F</i>
<i>t</i>
<i>A</i>

.
.




)
/
(
8
2500
20000

<i>s</i>
<i>m</i>
<i>F</i>

<i>P</i>




)
(
1500
4000

60
.
100000
.

<i>N</i>
<i>l</i>

<i>h</i>
<i>P</i>

</div>
<span class='text_page_counter'>(2)</span><div class='page_container' data-page=2>

t =

1 3

<i>s</i>

<i>V</i> <i>V</i>





= 0,2h

( vì xe thứ 3 đi ngược chiều với hai xe trên nên V = V

1

+ V

3

)

hay

3
20

0, 2
60<i>V</i> 

Giải ra ta được: V

3

= 40 km/h.

0.5đ
0.5đ
0.5đ

<b>3 </b>
<b>(4đ) </b>

a) Gọi t0_{C là nhiệt độ của bếp lò, cũng là nhiệt độ ban đầu của thỏi đồng.}

Nhiệt lượng chậu nhôm nhận được để tăng từ 200_{C đến 21,2}0

C:
Q₁ = m₁. c₁. (t₂ – t₁) (m₁ là khối lượng của chậu nhôm )
Nhiệt lượng nước nhận được để tăng từ t1 = 200C đến t2 = 21,20C:

Q₂ = m₂. c₂. (t₂ – t₁) (m₂ là khối lượng của nước )
Nhiệt lượng khối đồng toả ra để hạ từ t0_{C đến t}

2 = 21,20C:

Q₃ = m₃. c₃. (t0C – t₂),(m₂ là khối lượng của thỏi đồng )

Do khơng có sự toả nhiệt ra mơi trường xung quanh nên theo phương
trình cân bằng nhiệt ta có : Q3 = Q1 + Q2

 m3. c3. (t0C – t2) = (m1. c1 + m2. c2). (t2 – t1)
 t0C =

t0C = 160,80C

b) Thực tế, do có sự toả nhiệt ra mơi trường nên phương trình cân bằng nhiệt
được viết lại: Q3 – 10%( Q1 + Q2) = Q1 + Q2

 Q₃ = 110%( Q₁ + Q₂) = 1,1.( Q₁ + Q₂)
Hay m3. c3. (t’ – t2) = 1,1.(m1. c1 + m2. c2). (t2 – t1)

t’ =

t’ = 174,70C

0,25
0,25
0,25
0,25
1
0,5
0,5
1

<b>4 </b>

<b>(4đ) </b>

<b>a)</b>

.

<b>0.5đ </b>
380
.
2
,
0
2
,
21
.
380
.
2
,
0
)
20
2
,
21
)(
4200
.
2
880
.
5
,
0
(

)
)(
.
.
(
3
3
2
3
3
1
2
2
2
1

1       

<i>c</i>
<i>m</i>
<i>t</i>
<i>c</i>
<i>m</i>
<i>t</i>
<i>t</i>
<i>c</i>
<i>m</i>
<i>c</i>
<i>m</i>
380

.
2
,
0
2
,
21
.
380
.
2
,
0
)
20
2
,
21
)(
4200
.
2
880
.
5
,
0
(
1
,

1
)
)(
.
.
.(
1
,
1
3
3
2
3
3
1
2
2
2
1

1       

</div>
<span class='text_page_counter'>(3)</span><div class='page_container' data-page=3>

<b>5 </b>
<b>(4đ) </b>

<i><b>a) (2,0đ) </b></i>

Xét mạch điện gồm (Đ₁//Đ₂//Đ₃)ntĐ₄

Số chỉ của ampe kế A là 5A => Cường độ dịng điện trong mạch chính I = 5A

Ta có I = I₁₂₃ = I₄ = 5(A)

Xét mạch gồm Đ1//Đ2//Đ3

Ta có I₁₂₃ = I₁ + I₂ + I₃

=> I₃ = I₁₂₃ - I₁ - I₂ = 5 – 1,5 – 1,5 = 2(A)
<i><b>b) (2,0đ) </b></i>

Ta có U = U123 + U4

Mà U₁₂₃= U₁ = U₂= U₃ = 4,5 (V)
Nên U4 = U – U123 = 12 – 4,5 = 7,5 (V)

Vậy hiệu điện thế giữa 2 đầu đèn 1 bằng hiệu điện thế giữa 2 đầu đèn 3 và
bằng 4,5 (V); Hiệu điện thế giữa 2 đầu đèn 4 bằng 7,5 (V)

0,5
0,25
0,5
0,75

0,5
0,5
0,5
0,5

Xét SAB ~ SA’B’

Ta có tỉ số:

'
'
' <i>SI</i>

<i>SI</i>
<i>B</i>
<i>A</i>

<i>AB</i>



hay

<i>AB</i>

<i>SI</i>
<i>SI</i>
<i>B</i>
<i>A</i>' ' '.

Với AB, A’B’ là đường kính của đĩa chắn sáng và của bóng đen

SI, SI’ là khoảng cách từ điểm sáng đến đĩa và màn

Thay số:

.20 80( )

50
200
'

'<i>B</i> <i>cm</i>

<i>A</i>  

<b>b)</b>

- Dựa vào hình vẽ ta thấy, để đường kính bóng đen giảm xuống phải

di chuyển đĩa về phía màn

Gọi A

2

B

2

là đường kính bóng đen lúc này =>

' ' 40( )
2

1
2

2<i>B</i> <i>A</i> <i>B</i> <i>cm</i>

<i>A</i>  

SA

1

B

1

~ SA

2

B

2

=>

( )

' ₂ ₂ ₂ ₂ 1 1

1
1

1 <i>_A_B</i> <i>_AB</i>

<i>B</i>
<i>A</i>

<i>AB</i>
<i>B</i>

<i>A</i>
<i>B</i>

<i>A</i>
<i>SI</i>
<i>SI</i>






=>

.200 100( ) 1( )

40
20
'
.
2
2

1 <i>SI</i> <i>cm</i> <i>m</i>

<i>B</i>
<i>A</i>

<i>AB</i>

<i>SI</i>    

Cần phải di chuyển đĩa một đoạn

I I

1

= SI

1

- SI = 100- 50

I I

1

= 50 (cm)

0.5đ

0.5đ

0,5đ

0.5đ

0.5đ

0.5đ

</div>
<span class='text_page_counter'>(4)</span><div class='page_container' data-page=4>

<b>6 </b>
<b>( 2 đ) </b>

Gọi diện tích đáy của bình hình trụ là S.

- Đầu tiên chưa thả bát vào bình đo khoảng cách h

1

từ mặt nước đến

miệng bình.

- Thả bát nổi trong bình, đo khoảng cách h

2

từ miệng bình đến mặt

nước, mực nước dâng lên khi thả bát trong bình: H = h

1

-h

2

- Thể tích của nước bị bát chiếm chỗ khi bát nổi : V =S.H

- Khối lượng của bát bằng khối lượng nước mà nó chiếm chỗ

m= S.H. D

0

=> Thể tích của bát là V=

𝑚
𝐷

=

𝑆.𝐻.𝐷0

𝐷

- Nhấn cho bát chìm xuống, đo khoảng cách h

3

từ mặt nước mới đến

miệng bình

=> H

1

= h

1

- h

3

=

𝑉
𝑆

=H

𝐷0

𝐷

=> D = D

0

.

𝐻

ℎ1− ℎ3

= D

0

.

ℎ1−ℎ2
ℎ1− ℎ3

Vậy ta xác định được khối lượng riêng của bát sứ

0,25

0,25

0,25

0,5

0,25

0,5

<i><b>Lưu ý: </b></i>

<i> - Lời giải chỉ trình bày tóm tắt, học sinh trình bày hồn chỉnh, lý luận chặt chẽ mới cho điểm tối </i>
<i>đa. </i>

</div>

<!--links-->