De KT ChI HHoc 11 (10-11)
Bạn đang xem bản rút gọn của tài liệu. Xem và tải ngay bản đầy đủ của tài liệu tại đây (153.73 KB, 6 trang )
TRƯỜNG THPT NGUYỄN BỈNH KHIÊM ĐỀ KIỂM TRA MỘT TIẾT CHƯƠNG I
TỔ TOÁN – TIN Môn: Hình học - lớp 11
ĐỀ CHÍNH THỨC
I. PHẦN CHUNG (7.0 điểm)
Câu 1. (5.0 điểm)
Trong mặt phẳng toạ độ Oxy
1/ Tìm ảnh của điểm
( )
4; 3A
−
qua phép tịnh tiến theo vectơ
( )
1; 2v = −
r
.
2/ Tìm ảnh của đường tròn (C):
( ) ( )
2 2
4 3 25x y+ + − =
qua phép đối xứng
tâm O.
3/ Tìm ảnh của đường thẳng
: 2 1 0d x y− + =
qua phép đối xứng trục Ox.
4/ Tìm ảnh của điểm B(- 3; 0) phép quay tâm O góc quay – 90
0
.
Câu 2. (2.0 điểm)
Cho hình vuông ABCD, trên các cạnh AB, AD lấy lần lượt các điểm E, F
sao cho 4AE = 3AB, 4AF = 3AD, vẽ hình vuông AEIF.
1/ Chứng minh:
4
3
AC AI=
2/ Hãy tìm phép biến hình, biến hình vuông ABCD thành hình vuông AEIF.
II. PHẦN RIÊNG (3.0 điểm)
Học sinh học theo chương trình nào thì làm phần dành cho chương trình đó
Phần 1. Dành cho chương trình Chuẩn
Câu 3.a. (3.0 điểm)
Cho hình chữ nhật ABCD tâm O. Gọi E, F, G, H, I, J lần lượt là trung điểm
của AB, BC, CD, DA, AH, OG. Chứng minh rằng hai tứ giác
AIOE
và
GJFC bằng nhau.
Phần 2. Dành cho chương trình Nâng cao
Câu 3.b. (3.0 điểm)
Cho lục giác đều ABCDEF , O là tâm đối xứng. Gọi I, J, K, J’ lần lượt là
trung điểm của AB, FE, OE, FJ. Chứng minh rằng tam giác IAF và tam giác
J’JK đồng dạng.
--------------------Hết ------------------------
Họ và tên : ………………………………Lớp: …………
J'
K
J
I
O
F
A
B
E
C
D
Đáp án và thang điểm
I. PHẦN CHUNG
Câu Ý Nội dung Điểm
1. 1/
- Gọi A’(x’; y’) là ảnh của A qua
( )
1; 2v = −
r
0.5
- Ta có
' 4 1 ' 3
' '( 3; 1)
' 3 2 ' 1
x x
AA v A
y y
+ = = −
= ⇔ ⇔ ⇒ −
− = − =
uuur r
1.0
2/ - I có tâm I(- 4; 3), bán kính R =5 0.25
- (C’) là ảnh của (C) qua phép Đ
O
, (C’) có tâm I’ bán kính R’ 0.25
- Ta có I’(4; -3), R’ = 5 0.5
- Phương trình (C’):
( ) ( )
2 2
4 3 25x y− + + =
0.5
3/ - Gọi M(x; y) thuộc d. M’(x’; y’) và d’lần lượt là ảnh của M và d qua Đ
Ox
0. 5
- Ta có
( )
' '
'; '
' '
x x x x
M x y
y y y y
⇒
= =
⇔ −
= − = −
0.5
- Do M thuộc d nên:
' 2 ' 1 0 ': 2 1 0x y d x y+ + = ⇒ + + =
0.5
4/
- Phép
( )
0
; 90O
Q
−
biến B thành B’, B’ thuộc trục Oy
⇒
B’(0; 3)
0.5
2. 1/
- Chứng minh được
4
3
AC AI=
1.0
2/
-
3 3 3
; ;
4 4 4
AE AB AI AC AF AD= = =
uuur uuur uur uuur uuur uuur
0.5
- Phép vị tự tâm A tỉ số
3
4
biến hình vuông ABCD thành hình vuông AEIF
0.5
II. PHẦN RIÊNG
3.a. Hình vẽ 0.5
- Xét Đ
HF
: Biến A, I, O, E lần lượt thành thành D, I’, O, G, I’ trung điểm
của HD
1.0
- Đ
HF
( )
'AIOE DI OG=Y Y
- Ta có:
( )
'
DG
T DI OG GJFC=
uuuur
⇒
Hai hình
'DI OG GJFC
=
0.5
0.5
0.5
3.b. Hình vẽ 0.5
-
( )
0
;120O
Q
Biến: I, A, F lần lượt thành J, E, D.
( )
( )
0
;120O
Q IAF JED=> ∆ = ∆
-
1
;
2
F
V
÷
. Biến J, E, D lần lượt thành J’, J, K
- Vậy phép đồng dạng có được bằng cách
thực hiện liên tiếp
( )
0
;120O
Q
và phép vị tự
1
;
2
F
V
÷
thì
IAF∆
biến thành
'J JK∆
=>
IAF∆
và tam giác
'J JK
∆
đồng dạng.
1.0
0.5
0.5
0.5
I'
J'
K
J
I
O
F
A
B
E
C
D
ĐÁP ÁN BIỂU ĐIỂM
Câu 1
(3điểm)
a) Gọi A’ =
v
T
→
(A).
Áp dụng biểu thức toạ độ: =>
'
'
3
1
A
A
x
y
= −
=
=>
( )
' 3;1A −
* Theo giả thiết
( )
2
2
4 3 5R OA= = − + =
Gọi A’’ =Đ
O
(A)
Áp dụng biểu thức toạ độ =>
''
''
4
''(4; 3).
3
A A
A A
x x
A
y y
= − =
=> −
= − = −
Vậy phương trình đường tròn ảnh là :
( ) ( )
2 2
4 3 25x y− + + =
b) Gọi d’ =
( )
0
; 90
( )
O
Q d
−
Ta có d’
⊥
d => pttq d’:
2 0x y c+ + =
.
Xét điểm M(-1;0)
d
∈
. Gọi M’ =
( )
0
; 90
( )
O
Q M
−
=> M’ (0;1).
Vì M’
d∈
=> 1+c = 0 => c = -1.
Vậy pttq d’:
2 1 0x y+ − =
0,25
0,25
0,25
0,25
0,25
0,25
0,25
0,5
0,25
0,25
0,25
Câu 2
(2điểm)
a) Ta có : Tâm I của đường tròn (C): I ( 2;0)
Tâm I’ của đường tròn (C’): I’(-3;0).
gọi Đ
d
(C) = ( C’).
=> d là đường trung trực của II’.
Gọi J là trung điểm của II’ => toạ độ điểm J
1
;0
2
−
÷
Mặt khác:
( )
' 5;0II
→
−
.
0,25
0,25
0,25
0,25
GI
D
B
C
A
O
Vậy phương trình của trục đối xứng là d:
1
0
2
x + =
b)
Ta có:
( )
( )
( )
( )
( )
0
0
;120
;120
( )
O
O
Q I J
A E
F D
Q IAF JED
=
=
=
=> ∆ = ∆
Mặt khác:
( )
( )
1
;
2
1
;
2
'
( )
( )
'
F
F
V J J
E J
D K
V JED J JK
÷
÷
=
=
=
=> ∆ = ∆
Vậy phép đồng dạng có được bằng cách thực hiện liên tiếp
( )
0
;120O
Q
và phép vị tự
1
;
2
F
V
÷
thì
IAF∆
biến thành
'J JK∆
=>
IAF∆
và tam giác
'J JK∆
đồng dạng.
0,25
(Hình
0,25)
0,25
0,25
Câu 3
(2điểm)
Gọi I là trung điểm AB.
Ta có: A,B cố định
⇒
I cố
định
Mặt khác:
1
3
IG IC=
uur uur
( )
1
;
3
I
V C G
÷
⇔ →
Mà quỹ tích của C là đường tròn
( )
,6O ⇒
Quỹ tích của G là đường tròn tâm
( ) ( )
1
,
3
',2 ,6
I
O V O
÷
=
Vẽ đúng quỹ tích cho hình điểm tối đa.
0,5
Hình
0,5
0,5
0,5
Câu4a
(3điểm)
a) Xét Đ
( )
HO
A D=
( )
( )
( )
'I I
O O
E G
=
=
=
⇒
Đ
( )
'
HO
AIOE DI OG=Y Y
Mặt khác:
( )
'
DG
T DI OG GJFC=
uuuur
⇒
Hai hình
'DI OG GJFC
=
b) Để
( )
u
T d d=
r
d
u⇔
uur
cùng phương
v
r
Mà:
( )
2;
d
u m m= −
uur
( )
1; 2
2
1 2
4
2 4
3
v
m m
m m m
= −
−
⇔ =
−
⇔ − + = ⇔ =
r
0,5
Hình
0,25
0,25
0,25
0,25
0,25
0,25
0,25
0,25
0,5
I'
Câu4b
(3điểm)
a)
MNP
∆
có trục đối xứng
PMN
⇔ ∆
cân tại P.
M N
∧ ∧
⇒ =
Mà:
0
180M N P
∧ ∧ ∧
+ + =
0
0
2 40
20
M
M N
∧
∧ ∧
⇔ =
⇔ = =
b) Gọi:
'
'
x x a
y y b
= +
= +
là biểu thức toạ độ của
v
T
r
Khi đó biến d:
2 5 0x y− + =
thành
( ) ( )
': ' 2 ' 5 0d x a y b− − − + =
' 2 ' 2 5 0x y b a⇔ − + − + =
Phép Đ
0
" '
:
" '
x
x x
y y
=
=
biến d’ thành d”:
" 2 " 2 5 0x y b a+ + − + =
( )
2
2 2
2 5 11 2 16
2 16 5 64 256
b a a b
v b b b b
⇒ − + = − ⇒ = +
= + + = + +
r
nhỏ nhất
32
5
b⇔ = −
16 32
;
5 5
V
→ −
÷
ur
0,5
0,25
0,25
0,5
0,25
0,5
0,25
0,25
0,25
0,25
0,25
2/ Cho đường thẳng
( )
: 2 3 0d mx m y
− − + =
,
m R
∈
. Tìm m để phép tịnh tiến
v
T
→
với
( )
1; 2v = −
r
biến d thành chính nó.
1/ Cho tam giác MNP có
0
140P
∧
=
. Tìm góc
M
∧
,
N
∧
sao cho tam giác MNP có
trục đối xứng.
2/ Cho đường thẳng
: 2 5 0d x y− + =
và
': 2 11 0d x y+ − =
. Tìm một phép tịnh
tiến
v
T
→
sao cho
| |v
r
nhỏ nhất để phép dời hình có được bằng cách thực hiện
liên tiếp phép
v
T
→
và phép đối xứng trục
Ox
biến d thành d’.
