TRUNG TÂM GIA SƯ KHAI TRÍ: Chuyên Nhận Dạy Thêm, Dạy Kèm Tại Nhà các 10, 11, 12 và LTĐH
SĐT: 0917.60.1986
Địa Chỉ: Nhơn Thọ 1, Hòa Phước, Hòa Vang, TP Đà Nẵng

Giải Chi Tiết :
Câu 1: D: NaCl + H2O  NaOH + H2 + Cl2
Câu 2: B
Câu 3: D: Al2O3 + NaOH  NaAlO2 + H2O ; Al2O3 + HCl  AlCl3 + H2O
Câu 4: B: Fe3O4 + HCl  FeCl2 + FeCl3 + H2O
Câu 5: B: CH2 = CH – Cl  (-CH2- CH(Cl) - )n
Câu 6: A: FeCl3 + NaOH  Fe(OH)3 (nâu đỏ) + NaCl
Câu 7: B: CH3-CH2-COOH + CH3OH  CH3-CH2-COOCH3 (metyl propionate)+ H2O
Câu 8: B: Những amin có mạch vòng ko làm đổi màu quỳ tím: Anlin: C 6H5-NH2
Câu 9: B: Mg > Al >Fe> Cu
Câu 10: C: amin ko phản ứng với NaOH
Câu 11: C: Ta có: Khi nung đá vôi thì chỉ có CO 2 bay hơi: mrắn = mđávôi - mCO2 ; mCaCO3 = 80 gam  nCaCO3 = 0,8 mol  nCO2 = 0,8 mol 
mCO2 = 35,2  mrắn = 100 – 35,2 = 64,8 gam
Lưu ý: Tạp chất trơ vẫn là chất rắn : Nên nhiều học sinh sẽ cho ra đáp án 80 – 35,2 = 44,8
Câu 12: C: Cr + HCl  CrCl2 + H2
Câu 13: A: a.nKL = 2nH2  nAl = 0,1 mol  mAl =2,7  %Al = 54%
Câu 14: B: nO(oxit) = nCuO = nCO = 0,4  V= 8,96 lit
Câu 15:C: Dung dịch thu được chỉ chứa 1 muối là: CH 3COONa -> nCH3COONa = nNaOH = 0,2  mCH3COONa = 16,4 gam
Câu 16: B:Kim loại xuất hiện theo thứ tự từ yếu đến mạnh  2 kim loại là : Ag và Cu
Câu 17: A: nKOH = 2nK2O = 0,2 mol ; C% = 14%
Câu 18: D: CTTQ của y: C2H3COOR : MY = 32.100/32 = 100  MR = 29  R: C2H5
Câu 19: B:Để tác dụng với NaOH thì phải có nhóm COO hoặc CONH ; hoặc OH gắn vào vòng benzene  tất cả các chất đều tác dụng
Câu 20: B: Protein đơn giản là protein khi thủy phân chỉ cho ra các α-aminoaxxit
Câu 21: D: Vì thu được muối (COONa) 2  este có dạng ROOC-COOR’; thu được CH3CHO và C2H5OH  R và R’: CH2= CH- ; C2H5-  X
là: CH2=CH-OOC-COOC2H5  C6H8O4

TRUNG TÂM GIA SƯ KHAI TRÍ: Chuyên Nhận Dạy Thêm, Dạy Kèm Tại Nhà các 10, 11, 12 và LTĐH
SĐT: 0917.60.1986
Địa Chỉ: Nhơn Thọ 1, Hòa Phước, Hòa Vang, TP Đà Nẵng
Cách 2: Nhìn đáp án thấy tất cả đều là C6; vì axit 2 chức nên có O4 ; vì sinh ra 1 andehit nên trong rượu phải có 1 nối đôi  C6H8O4
Câu 22: Vì úp ngược bình để thu khí nên khí sinh ra phải nhẹ hơn không khí (M kk = 29)  C : Zn + H2SO4  ZnSO4 + H2
Câu 23: Sau phản ứng thu được rắn : Vậy rắn đó là Fe dư , chia Fe ban đầu làm hai phần, một phần tác dụng với HNO 3 va 1 phần dư
Ta có: mFe dư = 2,4 gam
Vì Fe dư nên Fe tác dụng với HNO3 chỉ đưa về Fe2+  2nFe2+ = 3nNO  nFe2+ = 0,15 mol  mFe tác dụng với HNO3 = 8,4 gam  mFe banđầu = 10,8
gam  B
Câu 24: Gọi công thức chug của 3 amin no, đơn chức là: RN  namin = 2nN2 = 0,06  nHCl = 0,06  B
Câu 25: Ta có ne1 = ; ne2 = ne2 = 2ne1
Khi điện phân M(NO3)b thì catot có : Ma+ + be  M ; 2H+ + 2e  H2 ; anot : 4OH- - 4e  O2 +2 H2O ; mgiảm = mkết tủa(M) + mbay hơi (O2; H2)
Ở t giây: Gọi nO2 = x ; 
Ở 2t giây : Gọi nO2 = y ; nH2 = 0,01 ; vì ne2 = 2ne1  4y = 8x  y = 2x 
Đặt t = M/b và xét (1) ; (2) ta có:  2,14= 0,02t – 0,02  t = 108  M = 108 = Ag và b = 1
 x = 0,015  n1M = 0,06 a = 6,48  C
Câu 26: (a) : Sai: thu được natriaxettac và andehit axetic
(b): Sai: phản ứng trùng hợp
(c): Sai: là chất lỏng
(d): ĐÚng
(e): Đúng: Vì anbumin là protein được tạo thành từ các α- aminoaxit
(g): Đúng: Vì triolein có 3 nối đôi nằm ở gốc axit, tác dụng với H 2 theo tỉ lệ 1: 3
A
Câu 27: Fe + H2SO4  FeSO4 (X)+ H2 ; FeSO4 + K2Cr2O7 + H2SO4  Fe2(SO4)3 + Cr2(SO4)3 (Y) + K2SO4 + H2O ;
Cr2(SO4)3 + KOHdư  KCrO2 (Z)+ K2SO4 + H2O ; KCrO2 + Br2 + KOH  K2CrO4 (T)+ KBr + H2O  C
Câu 28: X + NaOH  1 mol Gly + 1 mol Natri panmitat + 2 mol Natrioleat  X chứa 1 gốc panmitic, 2 gốc oleics:
A; ĐÚng : vì mỗi oleic có 1 nối đôi, cộng thêm 3 nối đôi trong nhóm COO nên có 5 nối đôi
B: Đúng :



TRUNG TÂM GIA SƯ KHAI TRÍ: Chuyên Nhận Dạy Thêm, Dạy Kèm Tại Nhà các 10, 11, 12 và LTĐH
SĐT: 0917.60.1986
Địa Chỉ: Nhơn Thọ 1, Hòa Phước, Hòa Vang, TP Đà Nẵng
C: Sai: CT: C3H5(OOC)3C15H31(C17H33)2  C55H102O6
D: đúng: Vì mặc dù có 5 nối đôi nhưng chỉ có 2 nối đôi ở gốc oleic mới tham gia phản ứng cộng
Câu 29: (a): NaCl  Na + Cl2 ; (b): CuSO4 + H2O  Cu + H2SO4 + O2 ; (c): K + H2O + AlCl3  Al(OH)3 + KCl + H2
(d): Fe + CuSO4  FeSO4 + Cu ; (e): Không phản ứng ; (g): Cu + NO3- + H+  Cu2+ + NO + H2O
 4 thí nghiệm có chất khí  A
Câu 30: X: C9H8O4 : k = (2.9 – 8 + 2)/2 = 6 , vòng benzene hết 4 , còn lại 2 nằm ở nhóm COO, vì có 9 C , hết 6C trong vòng benzene
nên chỉ còn 3C ‘’ tự do’’, thu được 2 mol chất Y nên y trong X phải có 2 gốc giống nhau  không thể chứa C  Y: HCOONa  Chất X
có hạng (HCOO)2R ; Vì thu đựoc 1 nước nên Z tạo ra chỉ có duy nhất 1 gốc OH tác dụng dựoc với NaOH  X là: HCOO-C6H4 – CH2 –
OOCH , khi đó Z: C6H4(ONa)-CH2—OH ;
A: Sai: Z + H2SO4 loãng  C6H4(OH)-CH2—OH + NaOH theo tỉ lệ 1: 1
Câu 31: (a): sai : Chỉ những peptit có từ 2 liên kết peptit trở lên mới có phản ứng màu biure
(b): ĐÚNG : Hầu hết các muối amoniclorua đều tan tốt trong nước
(c): ĐÚng : Các amin metylamin; đimetyl amin, trimetyl amin, etyl amin đều là những chất khí, còn lại là chất rắn hoặc lỏng
(d): ĐÚNg : Số oxi = số gốc aa + 1
(e): Sai: Các amino axit ở điều kiện thường là chất rắn dạng tinh thể
A
Câu 32: Vrượu nguyên chất = 10.46/100 = 4,6 lit  mrượu nguyên chất = 3680 gam  nrượu nguyên chất = 80 mol ntinh bột = 40 mol  mtb =
40.162=6480gam  mtb cần dung = 6480.100/80=8100 gam  mgạo = 10800 gam = 10,8 kg  C
Câu 33: Ta thấy nkết tủa max = 0,25  nCa(OH)2 = b = 0,25 ; để không còn kết tủa thì n CO2 = nOH-  0,7 = a + 2b  a = 0,2  a:b = 4:5  A
Câu 34: X là muối axit hữu cơ đa chức  R-(COOR1)(COOR2) (gốc R1; R2 chứa N) ; Y là muối axit vô cơ : R3 – CO3 – R4 (R3; R4 chứa N)
Hỗn hợp E tác dụng với NaOH thu được hỗn hợp 2 khí  R2; R2; R3; R4 có 2 loại  X : (COONH4)(COONH3CH3 );
Và Y: CH3-NH3-CO3 – NH3-CH3  2 khí :CH3 – NH2 (0,03) ; NH3(0,01)  nX = 0,01 ; nY = 0,01; muối thu được là : (COONa) 2 (0,01) ;
Na2CO3 (0,01)  mmuối = 2,4 gam  A
Câu 35: NaCl + H2O  NaOH + H2 + Cl2  dd X (NaOH) tác dụng CO2dư  chất Y : Na2CO3 tác dụng Ca(OH)2 (1:1)  Z là NaOH  C
Câu 36: NaOH + Fe(NO3)2  NaNO3 + Fe(OH)2; H+ (HCl) + Fe2+ + NO-3  Fe3+ + NO + H2O; AgNO3 + Fe(NO3)2  Fe(NO3)3 + Ag;
HNO3+Fe(NO3)3  Fe(NO3)3 + NO + H2O ;; Cl2 + Fe2+  FeCl3  A
Câu 37: nCO2 = 0,42 mol; nH2O = 0,6 mol ; vì nH2O > nCO2  Z là hai ancol no , đơn chức , có chung ctpt: C nH2n+2O ; nZ = 0,18



TRUNG TÂM GIA SƯ KHAI TRÍ: Chuyên Nhận Dạy Thêm, Dạy Kèm Tại Nhà các 10, 11, 12 và LTĐH
SĐT: 0917.60.1986
Địa Chỉ: Nhơn Thọ 1, Hòa Phước, Hòa Vang, TP Đà Nẵng
 n = 0,42/0,18 = 2,33  2 ancol trong z là C2H5OH (x mol) và C3H7OH (y mol) ; ta có hệ x + y = 0,18 ; 2x + 3y = 0,42  x = 0,12; y =
0,06
Ta có: 2 este là: R1COOC2H5 (0,12) và R2COOC3H7 (0,06)  0,12(R1 + 73) + 0,06(R2+ 87) = 15  0,12R1 + 0,06R2 = 1,02  2R1 + R2 =
17  R1 = H; R2= CH3  mX = 8,88 gam  %mX = 59,2%  A
Câu 38: nCO2 = 0,2 mol; nHCl = 0,3 mol;nCO2 = 0,12 mol ; nBaCO3 = 0,2 mol; 200 ml ddX (K+ : x + 2y; HCO3- : 0,4 - x ; CO32- : x + y – 0,2)
+ nCO3 do CO2 tạo ra = nOH- - nCO2 = x – 0,2  nCO3 trong dd X = x + y – 0,2  nHCO3 = 0,4 – x
+ Cho từ từ 100 ml dd X vào 0,15 mol HCl  2H+ + CO32-  CO2 + H2O; H+ + HCO3-  CO2 + H2O
2a ---a ------- a

b -b ------- b

Ta có hê: 2a + b = 0,15 ; a + b = 0,12  a = 0,03 ; b = 0,09  nHCO3 = 3nCO3
 0,4 – x = 3(x + y – 0,2) (1)
+ Mặt khác: nBaCO3 = 0,2  tổng nC trong 200x = 2.0,2 = 0,4 = 0,4 – x + x + y – 0,2  y = 0,2

, thay y = 0,2 vào (1)  x = 0,1  A

Câu 39: quy đổi hỗn hợp E thành (C 2H3NO : 0,44 mol; CH2: a = 0,51 mol; H2O : b = 0,21 mol)
+ Vì E + O2  1,38 mol H2O nên bảo toàn H ta có pt: 3.0,44 + 2a + 2b = 1,38.2 ; vì m E = 36  0,44.57 + 14a + 18b = 36  a =
0,51; b = 0,21
+ Ta có : GlyNa: t1 mol; AlaninNa : 0,1 mol; ValinNa : t2 mol  97t1 + 111.0,1+ 139.t2= 45,34
Bảo toàn Na ta có : t1 + t2 + 0,1 = 0,44  t1 =0,31 ; t2 = 0,03
+ Bảo toàn C ta có: nC(E) = nC(ancol) + nC(muối)  nC(ancol) = 0,44.2 + 0,51.1 – 0,31.2 – 0,1.3 – 0,03.5 = 0,32 mol
+ Vì ancol no đơn chức nên có cttq: CnH2n+2O (m = 7,36; nC = 0,32)  n = 2  ancol C2H5OH (0,16 mol)
 nNaOH tác dụng với Y và Z = 0,44 - 0,16 = 0,28 mol

+ta có: E + NaOH  Muối + ancol + H2O ;
Bảo toàn khối lượng ta có : mH2O = 36 + 0,44.40 – 7,36 – 45,34 = 0,9 mol  nH2O = 0,05 mol  nY+Z = 0,05  số peptit trung bình
có trong y và z là: 0,28/0,05 = 5,6  Y là pentapeptit (Y5) ; Z là hexapeptit (Z6)
+ E( X : 0,16 mol; Y5 : a = 0,02 mol; Z6 : b= 0,03 mol) + 0,44 mol NaOH  0,05 mol H2O + 0,31 GlyNa; 0,1 AlaNa; 0,03 ValNa
Ta có : 0,16 + 5a + 6b = 0,44 ; a + b = 0,05  a = 0,02; b = 0,03
+ Vì nalaNa < 0,16; nValNa < 0,16  trong X chứa Gly  nGlyNa do X tạo ra = 0,16  nGlyNa do Y+Z = 0,31 – 0,16 = 0,15 mol
+ Gọi G1 ; G2 là số Gly có trong Y và Z ta có: 0,02G1 + 0,03G2 = 0,15  2G1 + 3G2 = 15  G1 = G2 = 3
+ Gọi A1; A2 là sốAla có trong Y và Z ta có : 0,02A 1 + 0,03A2 = 0,1  2A1 + 3A2 = 10  A1 = A2 = 2


TRUNG TÂM GIA SƯ KHAI TRÍ: Chuyên Nhận Dạy Thêm, Dạy Kèm Tại Nhà các 10, 11, 12 và LTĐH
SĐT: 0917.60.1986
Địa Chỉ: Nhơn Thọ 1, Hòa Phước, Hòa Vang, TP Đà Nẵng
+ Vậy Y :gồm 3gly+ 2ala tạo nên; Z gồm 3 gly+ 2ala + 1 val tạo nên
+ mY = 6,62 gam  %mY = 18,3888%  A
Câu 40: nFe = 0,1 ; nFe(NO3)2 = 0,15 ; nHCl = 0,61 ; muối : (KL ; NO3- (x mo); Cl- ; NH+4(y mol) ) + 0,105 mol; (NO(a=0,09 mol); N2O
(b=0,015 mol) )+ H2O (z mol)
+ Giải hệ : a + b = 0,105; 30a + 44b = 0,105.32 -> a =0,09; b = 0,015
+ Bảo toàn H ta có : 0,61 = 4y + 2z
+ Bảo toàn N ta có : 0,15.2 = x + y + 0,09+ 0,015.2
+ Bảo toàn O ta có: 0,15.6 = 3x + 0,09 + 0,015 + z
Giải hệ 3 pt ta có : x = 0,17; y = 0,01 ; z = 0,285
+ Bảo toàn khối lượng ta có : mFe + mFe(NO3)2 + mAl + mHCl = mMuối + mhh khí + mH2O  mAl = 47,455 + 32.0,105+0,285.18 – 5,6 – 27
-0,61.36,5 =1,08  A