Giải bài tập SBT Hình học 11 nâng cao bài 1 chương 3
Câu 1 trang 113 Sách bài tập Hình học 11 Nâng cao
Cho tứ diện ABCD, M và N là các điểm lần lượt thuộc AB và CD sao cho
MA→=−2MB→,ND→=−2NC→. Các điểm I, J, K lần lượt thuộc AD, MN, BC sao cho
IA→=kID→,JM→=kJN→,KB→=kKC→. Chứng minh rằng các điểm I, J, K thẳng hàng.
Trả lời:

Cách 1.
Ta có:
IJ→= IA→+ AM→+MJ→(1)
IJ→=ID→+DN→+NJ→(2)
Từ (1), (3) ta có:
(1−k)IJ→=−AM→−kDN→
hayIJ→=1/1−k.AM→−k/1−kDN→
Chứng minh tương tự như trên, ta có:
JK→=1/1−kMB→−k/1−kNC→
Mặt khác MA→=−2MB→,ND→=−2NC→
nên IJ→=2/1−kMB→−2k/1−k.NC→
Từ đó, ta có IJ→=2IK→
Vậy ba điểm I, J, K thẳng hàng.

VnDoc - Tải tài liệu, văn bản pháp luật, biểu mẫu miễn phí


Cách 2.
Vì MA→=−2MB→
nên với điểm O bất kì thì OM→=OA→+2OB→/3
Tương tự
ON→=OD→+2OC→/3OI→=OA→−kOD→/1−k;
OK→=OB→−kOC→/1−k;OJ→=OM→−kON→/1−k.
Từ đó, ta có:

Mặt khác 1/3+2/3=1
Vậy 3 điểm I, J, K thẳng hàng.
Câu 2 trang 114 Sách bài tập Hình học 11 Nâng cao
Cho hình hộp ABCD.A’B’C’D’; các điểm M, N lần lượt thuộc các đường thẳng CA và
DC’ sao cho MC→−mMA→,ND→=mNC′→. Xác định m để các đường thẳng MN và
BD’ song song với nhau. Khi ấy, tính MN biết ˆABC=ˆABB′=ˆCBB′=600 và BA = a,
BB’ = b, BC = c.
Trả lời:

VnDoc - Tải tài liệu, văn bản pháp luật, biểu mẫu miễn phí


Xác định m:
Đặt BA→=a→,BB→=b→,BC→=c→ thì BD′→=a→+b→+c→.
Do MC→=mMAM→ nên BM→=BC→−mBA1→/−m=c→−ma→/1−m
Tương tự, ta có:
BN→=BD→−mBC′→/1−m=a→+c→−m(b→+c→)/1−m
=1/1−m.a→−m/1−m.b→+c→.
Từ đó
MN→=BN→−BM
=1+m/1−ma→−m/1−mb→−m/1−mc→.
Do AC, BD’ chéo nhau và DC’, BD’ chéo nhau nên
MN//BD′⇔ MN→=kBD′→⇔
MN→=ka→+kb→+kc→
Mặt khác a→,b→,c→ không đồng phẳng nên điều ấy xảy ra khi và chỉ khi:

⇒ 1+m=−m⇔ m=−1/2
Từ đó, ta có k=1/3
Vậy m=−1/2 thì MN // BD’.

Tính MN:
Khi ấy MN→=1/3(a→+b→+c→)
do đó
MN2→

VnDoc - Tải tài liệu, văn bản pháp luật, biểu mẫu miễn phí


hay MN2=1/9(a2+b2+c2+ab+ac+bc)
tức là MN=1/3
Câu 3 trang 114 Sách bài tập Hình học 11 Nâng cao
Cho hình lăng trụ ABC. A’B’C’. Gọi I và J lần lượt là trung điểm của BB’ và A’C’.
Điểm K thuộc B’C’ sao cho KC′→=−2KB′→. Chứng minh rằng bốn điểm A, I, J, K
cùng thuộc một mặt phẳng.
Trả lời

Đặt AA′→=a→,AB→=b→,AC→=c→
Ta có:
AI→=1/2(AB→+AB′→)
=1/2(b→+a→+b→)
=1/2(a→+2b→);(1)
AJ→=1/2(AA′+−−→AC′)
=1/2(a→+a→+c→)
=1/2(2a→+c→).(2)
AK→=AC′→+2AB′/3
=a→+c→+2(a→+b→)/3
VnDoc - Tải tài liệu, văn bản pháp luật, biểu mẫu miễn phí


=3a→+2b→+c→/3.(3)

Từ (1), (2), (3) ta có AK→=2/3(AI→+AJ→)
Vậy KAI→,AJ→,AK→ đồng phẳng, tức là các điểm A, I, J, K cùng thuộc một mặt
phẳng.
Chú ý: Có thể chứng minh các điểm A, I, J, K thuộc một mặt phẳng bằng cách chứng
minh AI và JK cắt nhau tại điểm M.
Câu 4 trang 114 Sách bài tập Hình học 11 Nâng cao
Cho hình chóp S.ABCD có đáy là hình bình hành. Một mặt phẳng (P) bất kì khơng đi
qua S, cắt các cạnh bên SA, SB, SC, SD lần lượt tại các điểm A1,B1,C1,D1. Dùng
phương pháp vectơ, chứng minh rằng
SA/SA1+SC/SC1=SB/SB1+SD/SD1
Trả lời:

Vì ABCD là hình bình hành nên
SA→+SC→=SB→+SD→
hay SD→=SA→+SC→−SB→
Đặt
SA→=aSA1→,SB→=bSB1→
SC→=cSC1→,SD→=dSD1→
(với a, b, c, d là các số lớn hơn 1)
Khi đó:

VnDoc - Tải tài liệu, văn bản pháp luật, biểu mẫu miễn phí


SA/SA1+SC/SC1=a+c
SB/SB1+SD/SD1=b+d
và
SD1→=1/d.SD→=1/d(SA→+SC→−SB→)
=1/d(aSA1→+cSC1→−bSB1→)
=a/d.SA1→+c/d.SC1−b/d.→SB1→

Mặt khác các điểm A1,B1,C1,D1 thuộc mặt phẳng, nên từ đẳng thức đó suy ra
a/d+c/d−b/d=1
tức là a + c = b + d
Như vậy SA/SA1+SC/SC1=SB/SB1+SD/SD1
Câu 5 trang 114 Sách bài tập Hình học 11 Nâng cao
Cho hình hộp ABCD.A’B’C’D’ có các cạnh bằng m, các góc tại A bằng 600
(ˆBAD=ˆA′AB=ˆA′AD=600)(BAD^=A′AB^=A′AD^=600) . Gọi P và Q là các điểm
xác định bởi AP→=D′A→,C′Q→=DC'→. Chứng minh rằng đường thẳng PQ đi qua trung
điểm của cạnh BB’. Tính độ dài đoạn thẳng PQ.
Trả lời:

VnDoc - Tải tài liệu, văn bản pháp luật, biểu mẫu miễn phí


Đặt AA′→=a→,AB→=b→,AD→=c→
a→.b→=b→.c→=c→.a→=1/2m2
và a2→=b2→=c2→=m2 .
Gọi M là trung điểm của BB’ thì
MP→=MB→+BA→+AP→
Do AP→=D′A→=−a→−c→.
nên
MP→=−a→/2−b→−a→−c→
=−3/2a→−b→−c→
Mặt khác
MQ→=MB′→+B′C′→+C′Q→
=MB′→+B′C′→+DC′→
=3/2a→+b→+c→
VnDoc - Tải tài liệu, văn bản pháp luật, biểu mẫu miễn phí



Như vậy MP→=MQ→, tức là ba điểm P, M, Q thẳng hàng hay đường thẳng PQ đi qua
trung điểm của cạnh BB’.
Ta có:

Câu 6 trang 114 Sách bài tập Hình học 11 Nâng cao
Cho hình hộp ABCD.A’B’C’D’. Gọi D1,D2,D3 lần lượt là điểm đối xứng của điểm D’
qua A, B’, C. Chứng tỏ rằng B là trọng tâm của tứ diện D1D2D3D′.
Trả lời:

Cách 1.
Đặt AA′→=a→,AB→=b→,AD→=c→

VnDoc - Tải tài liệu, văn bản pháp luật, biểu mẫu miễn phí


Từ giả thiết, ta có
BD′→+BD1→=2BA→=−2b→
mà BD′→=a→−b→+c→
Vậy BD1→=−a→−b→−c.→
Lập luận tương tự như trên, ta có BD2→=a→+b→−c→
và BD3→=−a→+b→+c→
Vậy BD1→+BD2→+BD3→+BD′→=0→
Điều này chứng tỏ B là trọng tâm của tứ diện D1D2D3D′
Cách 2.
Gọi I là giao điểm của BD’ và mp(AB’C) thì D’I = 2IB.
Gọi J là giao điểm của BD’ với mp (D1D2D3), do D1, D2, D3 là các điểm đối xứng của
D’ lần lượt qua A, B’, C nên IJ = ID’ hay D′B=3/4D′J.
Mặt khác I là trọng tâm tam giác AB’C nên J là trọng tâm tam giác D1D2D3. Từ đó B là
trọng tâm của tứ diện D1D2D3D′.
Câu 7 trang 114 Sách bài tập Hình học 11 Nâng cao

Cho hình lập phương ABCD.A’B’C’D’. Gọi M và N lần lượt là các điểm thuộc AD’
và DB sao cho MA→=kMD′→,ND→=kNB→(k≠0,k≠1)
a) Chứng minh rằng MN luôn song song với mp (A’BC).
b) Khi đường thẳng MN song song với đường thẳng A’C, chứng tỏ rằng MN vng
góc với AD’ và DB
Trả lời:

VnDoc - Tải tài liệu, văn bản pháp luật, biểu mẫu miễn phí


a) Đặt AA′→=a→,AB→=b→,AD→=c→.
Khi đó, ta có:
a→.b→=b→.c→=c→.a→=0.
và a2→=b2→=c2→.
Vì MA→=kMD′→ nên MA→=k(MA→+AD′→).
Vậy AM→=k/k−1(a→+c→).
Tương tự như trên, ta có:
AN→=AD→−kAB→/1−k=−k/1−k.b→+1.1−k.c→.
Từ đó: MN→=AN→−AM→
=1+k/1−k.c→+k/1−k(a→−b→)
hay ′MN→=1+k/1−k.BC→+k/1−k.BA′→.
Như vậy ba vectơ MN→,BC→,BA′→ đồng phẳng.
Mặt khác AD’, DB cắt mp(A’BCD’); các điểm M, N lần lượt thuộc AD’, DB với k ≠ 0,
k ≠ 1 nên MN không thuộc mp(A’BC). Vậy MN song song với mp(A’BC).
b) Ta có A′C→=−a→+b→+c→; A’C, AD’ chéo nhau; A’C, BD chéo nhau mà
M∈ AD′,N∈ DB. Do đó, đường thẳng MN song song với đường thẳng A’C khi và chỉ
khi MN→=mA′C→ , tức là
k/1−ka→−k/1−kb→+1+k/1−kc→=−ma→+mb→+mc→
Do a→,b→,c→ là ba vectơ không đồng phẳng nên đẳng thức trên xảy ra khi bà chỉ khi


VnDoc - Tải tài liệu, văn bản pháp luật, biểu mẫu miễn phí


Suy ra −k=1+k⇔ k=−1/2
Vậy khi k=−1/2 thì MN song song với A’C.
Khi đó MN→=−1/3(a→−b→−c→)
Mặt khác AD′→=a→+c→,DB→=b→−c→
Vậy
MN→.AD′→=−1/3(a2→−c2→)=0
MN→.DB→=−1/3(−b2→+c2→)=0
Điều này khẳng định MN vng góc với AD’ và DB.
Câu 8 trang 114 Sách bài tập Hình học 11 Nâng cao
Cho hình tứ diện ABCD có tất cả các cạnh bằng m. Các điểm M và N lần lượt là trung
điểm của AB và CD.
a) Tính độ dài MN.
b) Tính góc giữa đường thẳng MN với các đường thẳng BC, AB và CD.
Trả lời:

Đặt AD→=a→,AB→=b→,AC→=c→ .
VnDoc - Tải tài liệu, văn bản pháp luật, biểu mẫu miễn phí


Khi đó, ta có:
a→.b→=b→.c→=c→.a→=1/2m2 và a2→=b2→=c2→=m2
a) Vì M, N là trung điểm của AB và CD nên
MN→=1/2(AD→+BC→)
hay MN→=1/2(a→+c→−b)
Vậy

Tức là MN=m√2/2

b) Ta có
MN→.AB→=1/2(a→+c→−b→).b→
=1/2(a→.b→+b→.c→−b→2)=1/2(m2/2+m2/2−m2)=0
Vậy góc giữa hai đường thẳng MN và AB bằng 90°
Ta có:

Vậy góc giữa hai đường thẳng MN và CD bằng 90°.
Ta có:

VnDoc - Tải tài liệu, văn bản pháp luật, biểu mẫu miễn phí


Tức là:
|MN→|.|BC→|cos⁡(MN→,BC→)=1/2m2
Từ đó cos(MN→,BC→)=m2/2/m.m√2/2=√2/2
Vậy góc giữa hai đường thẳng MN và BC bằng 45°.
Câu 9 trang 114 Sách bài tập Hình học 11 Nâng cao
Cho hình tứ diện ABCD; I và J lần lượt là trung điểm của AB và CD; M là điểm thuộc
AC sao cho MA→=k1MC→ ; N là điểm thuộc BD sao cho NB→=k2ND→. Chứng minh
rằng các điểm I, J, M, N cùng thuộc một mặt phẳng khi và chỉ khi k1 = k2.
Trả lời:

Vì MA→=k1MC→
nên IM→=IA→−k1IC→/1−k1
Tương tự, ta có:
IN→=IB→−k2ID→/1−k2=−IA→−k2ID→/1−k2
Mặt khác: IJ→=1/2(IC→+ID→)

VnDoc - Tải tài liệu, văn bản pháp luật, biểu mẫu miễn phí



Để các điểm I, I, M, N thuộc một mặt phẳng, điều kiện cần và đủ là ba vectơ
IM→,IN→,IJ→ đồng phẳng. Rõ ràng là IN→ và IJ→ không cùng phương nên điều khẳng
định IM→,IN→,IJ→ đồng phẳng tương đương với IM→=pIN→+qIJ→
hay

Do IA→,IC→,ID→ không đồng phẳng nên đẳng thức trên tương đương với

⇒ k1/1−k1=−pk2/1−k2=k2/1−k1
hay k1 = k2
Câu 10 trang 115 Sách bài tập Hình học 11 Nâng cao
Cho ba tia Ox, Oy, Oz không đồng phẳng.
a) Đặt ˆxOy=α,ˆyOz=β,ˆzOx=γ. Chứng minh rằng:
cosα+cosβ+cosγ>−3/2
b) Gọi Ox1,Oy1,Oz1 lần lượt là các tia phân giác của các góc xOy, yOz, zOx. Chứng
minh rằng nếu Ox1 và Oy1 vng góc với nhau thì Oz1 vng góc với cả Ox1 và Oy1.
Trả lời:
Lấy E1,E2,E3 lần lượt thuộc các tia Ox, Oy, Oz sao cho OE1=OE2=OE3.
Đặt OE1→=e1→,OE2→=e2→,OE3→=e3→.
a) Do ba tia Ox, Oy, Oz không đồng phẳng nên (e→1+e→2+e→3)2>0, tức là
e21→+e22→+e23→+2(e1→.e2→+e2→.e3→+e3→.e1→)>0
VnDoc - Tải tài liệu, văn bản pháp luật, biểu mẫu miễn phí


⇔ 3OE21+2OE21(cosα+cosβ+cosγ)>0
Vậy cosα+cosβ+cosγ>−3/2
Dễ thấy
OE1→+OE2→//Ox1
OE2→+OE3→//Oy1→
OE3→+OE1→//Oz1→

Ox1⊥ Oy1⇔ (OE1→+OE2→)(OE2→+OE3→)=0
hay OE22→+OE1→.OE2→+OE1→.OE3→+OE2→.OE3→=0
Ta có:
(OE1→+OE2→)(OE3→+OE1→)
=OE12→+OE1→.OE2→+OE2→.OE3→+OE1→.OE3→=0
Vậy Ox1⊥ Oz1
Tương tự, ta cũng có Oy1⊥ Oz1
Xem thêm các bài tiếp theo tại: />
VnDoc - Tải tài liệu, văn bản pháp luật, biểu mẫu miễn phí